Dạng toán nâng cao liên quan tới phản ứng thủy phân este

Nâng cao - Trắc nghiệm

Đáp án:

• Câu A. 38,76%.

• Câu B. 40,82%

• Câu C. 34,01%. Đáp án đúng

• Câu D. 29,25%.

Giải thích:

Chọn C; Phân tích: Đối với các dạng bài toán này, ta có cách tính từ dưới tính lên. Ta sẽ xuất phát từ ancol Y. Vì các este đều đơn chức nên khi thủy phân ta cũng thu được ancol Y đơn chức. Xét ancol Y có dạng R′OH, nH₂ = 0,896/22,4 = 0,04 mol; R'OH + Na ® R'ONa + (1/2)H2; 0,08-----0,08-----0,08----0,04 ; Ta có khối lượng bình tăng = m_Y - mH₂ = 2,48 ® m_Y = 2,48 + 0,04.2 = 2,56g; Þ M_Y = 2,56 / 0,08 = 32 Þ Y: CH₃OH; n(este) = nY = 0,08 mol; n_O(X) = 0,16 mol; m_O = 2,56g; nH₂O = 3,96/18 = 0,22 mol; Áp dụng định luật bảo toàn khối lượng trong X ta có: m_C = m_X - m_O - m_H = 5,88 - 2,56 - 0,22.2 = 2,88g; Þ nCO₂ = nC = 2,88/12 = 0,24 mol; Ta có khi đốt cháy este no, đơn chức thì số mol CO2 bằng số mol nước, khi đốt cháy este không no có 1 liên kết C=C thì n(Este không no) = nCO₂ - nH₂O = 0,24 - 0,22 = 0,02 mol; n(Este no) = 0,08 - 0,02 = 0,06 mol; C(trung bình) = nCO₂/ n_X = 0,24/0,08 = 3; → 2 este no là HCOOCH₃ (a mol) và CH₃COOCH₃ (b mol), còn este không no là C_nH_2n−2O₂ 0,02 mol Áp dụng định luật bảo toàn C ta có: 2a + 3b + 0,02n = 0,24 và a + b = 0,06; Þ b + 0,02n = 0,12 Þ n < 6; Để axit không no có đồng phần hình học thì số C trong axit không no ít nhất phải bằng 4. Vậy trong este của axit với CH₃OH số C ít nhất là 5 vậy n=5; Với n = 5 Þ b = 0,02 , a = 0,04 Þ mHCOOCH₃ + mCH₃COOCH₃ = 3,88g; Þ m(Este ko no) = 5,88 - 3,88 = 2g; Þ %m(este ko no) = (2/5,88).100% = 34,01%